Aufgaben:Exercise 4.5Z: Impulse Response once again

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Impulsantwort eines Koaxialkabels (Darstellung mit bzw. ohne Laufzeit)

Wir betrachten wieder wie in der Aufgabe 4.5 ein binäres Übertragungssystem mit der Bitrate $R$ und der Symboldauer $T= 1/R$.

Als Übertragungsmedium wird ein Normalkoaxialkabel (Innendurchmesser: 2.6 mm, Außendurchmesser: 9.5 mm) der Länge $l = 1 \ \rm km$ mit folgendem Frequenzgang verwendet:

$$H_{\rm K}(f) = {\rm e}^{-{\rm j}\hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} \beta_1 \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} f

 \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}l}
\cdot {\rm e}^{- \alpha_2  \hspace{0.01cm}
\sqrt{f}
 \hspace{0.05cm}l}
\cdot {\rm e}^{-{\rm j}\hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm} \beta_2  \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}
\sqrt{f}
 \hspace{0.05cm}\cdot \hspace{0.05cm}l}
=   H_1(f) \cdot H_2(f) \cdot H_3(f)$$

Die Teilfrequenzgänge $H_1(f)$, $H_2(f)$ und $H_3(f)$ dienen hier nur als Abkürzung. Die Leitungsparameter lauten:

$$\beta_1 = 21.78\, \frac{\rm rad}{\rm km \cdot MHz}\hspace{0.05cm}, \hspace{0.2cm}

\alpha_2 = 0.2722\, \frac{\rm Np}{\rm km \cdot \sqrt{MHz}}\hspace{0.05cm},\hspace{0.2cm}
\beta_2 = 0.2722\, \frac{\rm rad}{\rm km \cdot \sqrt{MHz}}
\hspace{0.05cm}.$$

Die Grafik zeigt die resultierende Impulsantwort $h_{\rm K}(t\hspace{0.03cm}')$, wobei $t\hspace{0.03cm}' = t/T$ die normierte Zeit darstellt. Ohne Berücksichtigung der (normierten) Phasenlaufzeit $\tau\hspace{0.03cm}' = \tau/T$ kann $h_{\rm K}(t\hspace{0.03cm}')$ wie folgt geschrieben werden:

$$h_{\rm K}(t') = \frac {1}{T} \cdot \frac {a_\rm \star/\pi}{ \sqrt{2

  \hspace{0.05cm}t'^3}}\cdot {\rm exp} \left [ -\frac {a_\rm \star^2}{ {2\pi
\hspace{0.05cm}t'}} \right ] \hspace{0.05cm}, \hspace{0.2cm} \hspace{0.15cm}
{\rm mit}\hspace{0.15cm}{a}_{\rm \star}\hspace{0.15cm}
{\rm in}\hspace{0.15cm}
{\rm Neper}\hspace{0.05cm}.$$

Diese Gleichung gibt die Fourierrücktransformierte des Produkts $H_2(f) \cdot H_3(f)$ an. Verwendet ist dabei die charakteristische Kabeldämpfung ${a}_{\rm \star} = \alpha_2 \cdot \sqrt {R/2} \cdot l \hspace{0.05cm}.$

Hinweise:

• Die Aufgabe gehört zum Kapitel Eigenschaften von Koaxialkabeln.
• Sollte die Eingabe des Zahlenwertes „0” erforderlich sein, so geben Sie bitte „0.” ein.
• Sie können zur Überprüfung Ihrer Ergebnisse das interaktive Applet Zeitverhalten von Kupferkabeln benutzen.
• In der Aufgabe 4.5 wurde der Maximalwert der normierten Impulsantwort wie folgt berechnet:

$${\rm Max}\, [T \cdot h_{\rm K}(t)] = \frac {\sqrt{13.5 \pi} \cdot {\rm e}^{-1.5} }{{a}_{\rm \star}^2} \approx

\frac {1.453 }{{a}_{\rm \star}^2} \hspace{0.05cm}, \hspace{0.2cm} \hspace{0.15cm}
{\rm mit}\hspace{0.15cm}{a}_{\rm \star}\hspace{0.15cm}
{\rm in}\hspace{0.15cm}
{\rm Neper}\hspace{0.05cm}.$$

Fragebogen

1 Welcher Teilfrequenzgang ist für die Phasenlaufzeit $\tau$ verantwortlich?

	$H_1(f)$,
	$H_2(f)$,
	$H_3(f)$.

2 Bestimmen Sie die Bitrate des Binärsystems, wenn $\tau\hspace{0.03cm}' = \tau/T = 694$ beträgt.

$R \ = \ $ $\ \rm Mbit/s$

3 Geben Sie die charakteristische Kabeldämpfung ${a}_{\rm \star}$ zur gemeinsamen Beschreibung der Frequenzgänge $H_2(f)$ und $H_3(f)$ an.

${a}_{\rm \star} \ = \ $ $\ \rm Np$

4 Bestimmen Sie den (normierten) Maximalwert der Impulsantwort.

${\rm Max}\, [T \cdot h_{\rm K}(t)] \ = \ $

5 Welche der nachfolgenden Aussagen sind zutreffend?

	Verzerrungen werden ohne $H_1(f)$ richtig wiedergegeben.
	Verzerrungen werden ohne $H_2(f)$ richtig wiedergegeben.
	Verzerrungen werden ohne $H_3(f)$ richtig wiedergegeben.

Musterlösung

Solution

(1)  Richtig ist nur die Aussage 1:

• Die Spektraldarstellung eines Laufzeitgliedes lautet ${\rm e}^{-{\rm j} 2 \pi f \tau}$.
• Ein Vergleich mit der Angabenseite zeigt, dass $H_1(f)$ genau diesem Ansatz genügt.

(2)  Entsprechend dem Angabenblatt gilt:

$$2\pi \cdot f \cdot \tau = \beta_1 \cdot f \cdot l \Rightarrow \hspace{0.3cm}\tau= \frac {\beta_1 \cdot l}{2\pi} =

\frac {21.78\, {\rm rad}/{({\rm km \cdot MHz})}\cdot 10\,{\rm km}}{2\pi} =
34.7\,{\rm µ s}$$

$$\Rightarrow \hspace{0.3cm}\tau '= {\tau}/{T} = 694 \Rightarrow \hspace{0.3cm}

T = \frac {34.7\,{\rm µ s}}{700} \approx
0.05\,{\rm µ s}\hspace{0.05cm}.$$

Die Bitrate ist gleich dem Kehrwert der Symboldauer: $\underline{R = 20 \ \rm Mbit/s}$.

(3)  Für die charakteristische Kabeldämpfung erhält man somit:

$${a}_{\rm \star} = \alpha_2 \cdot \sqrt {R/2} \cdot l =

0.2722\, \frac{\rm Np}{\rm km \cdot \sqrt{MHz}} \cdot \sqrt {10\,{\rm MHz}} \cdot 10\,{\rm km} \hspace{0.15cm}\underline{\approx
8.6\,{\rm Np}}\hspace{0.05cm}.$$

Der entsprechende dB–Wert ist ${a}_{\rm \star} = 75 \ \rm dB$.

(4)  Mit der angegebenen Gleichung und dem Ergebnis der Teilaufgabe (3) ergibt sich:

$${\rm Max}\, [T \cdot h_{\rm K}(t)] \approx

\frac {1.453 }{{a}_{\rm \star}^2} = \frac {1.453 }{8.6^2}

\hspace{0.15cm}\underline{ \approx 0.02}\hspace{0.05cm}.$$

(5)  Richtig ist nur die Aussage 1:   $H_1(f)$ beschreibt die frequenzunabhängige Laufzeit, die keine Verzerrung zur Folge hat.

Dagegen sollte man zur Berechnung der Impulsantwort auf keinen Fall auf $H_2(f)$ oder $H_3(f)$ verzichten, da es sonst es zu gravierenden Fehlern kommen würde:

• Die Impulsantwort $h_2(t)$ als die Fourierrücktransformierte von $H_2(f)$ ist eine gerade Funktion mit dem Maximum bei $t = 0$ und erstreckt sich in beide Richtungen über Hunderte von Symbolen.
• Dagegen ist die Fourierrücktransformierte von $H_3(f)$ eine ungerade Funktion mit einer Sprungstelle bei $t = 0$.
• Für $t > 0$ fällt $h_3(t)$ ähnlich – aber nicht exakt – wie eine Exponentialfunktion ab. Für negative Zeiten $t$ gilt $h_3(t) = - h_3(|t|)$.
• Erst die Faltung $h_2(t) \star h_3(t)$ liefert die kausale Impulsantwort, allerdings ohne die Phasenlaufzeit $\tau$, die durch $H_1(f)$ berücksichtigt wird.